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首页高考知识点物理知识点3.牛顿运动定律牛顿第二定律及应用

高考物理知识点

牛顿第二定律及应用

绩优堂高考知识点牛顿第二定律及应用

考点

牛顿第一定律,牛顿第三定律牛顿第二定律及应用瞬时加速度问题,超重和失重

共计149道相关试题精选知识点题

【正确答案】
BC
创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
解:(1)设月球质量为  ,半径为  ,月球表面重力加速度为  ;地球质量为  ,则有:

                                                                                                                     (1分)

                                                                                                                       (1分)

又由:  ,                                                                                                         (2分)

解得:     。           (1分)

(2)设“玉兔号”的质量为  ,“玉兔号”在水平月面上滑行时所受阻力       (1分)

由牛顿第二定律得:                                                                                                   (1分)

得“玉兔号”在月面上滑行时的加速度大小                                                                 (1分)

由匀变速直线运动规律得:                                                                                      (1分)

解得: 。                                                                                                            (1分)

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
解:(1)小物块由  点至  点的运动过程中,根据动能定理可得:

                                    (2分)

解得:    。                         (1分)

(2)小物块在由  点至  点的运动过程中,根据机械能守恒定律可得:

                                                                                                     (1分)

小物块运动到最高点时,根据牛顿第二定律可得:                                        (1分)

联立解得: 。                                                                                                         (2分)

(3)设小物块做类平抛运动的加速度大小为  ,根据牛顿第二定律可得:

                                                                                                                       (1分)

解得:                                                                                                                 (1分)

应用类平抛运动的规律列式可得:

                                                                                                                                  (1分)

                                                                                                                             (1分)

解得:  。                                                                                                          (1分)

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
解:(1)从  点到  点的过程中,由机械能守恒定律得:                   (1分)

 点,由牛顿第二定律得:                                                                        (1分)

解得:

由牛顿第三定律可知,滑块对  点的压力  ,方向竖直向下。                      (1分)

       (2)滑块  离开  后做平抛运动,

水平方向:

由几何知识可知,滑块  的位移:

解得:  ,                                                                                                         (2分)

设滑块  向上运动的加速度为

由匀变速运动的位移公式得:

解得:                                                                                                                    (1分)

对滑块  ,由牛顿第二定律得:                                        (1分)

解得: 。                                                                                                                  (1分)

(3)撤去拉力  后,对滑块  ,由牛顿第二定律得:

解得:                                                                                                            (1分)

滑块上滑的时间                                                                                                   (1分)

上滑位移:                                                                                                         (1分)

滑块  沿斜面下滑时,由牛顿第二定律得:

解得:                                                                                                            (1分)

下滑过程,

解得:                                                                                                                      (1分)

所用时间:  。                                                                                    (1分)

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
  (1)                     (2)                  (3)    
【答案详解】

    (1)设小球到  点速度为  ,从  到  根据动能定理有

(3分)

解得 (1分)

由牛顿第二定律有 (3分)

解得 (1分)

(2)当小球恰能运动到轨道最高点时,轨道半径有最大值,则有

(2分)

解得 (1分)

(3)设小球平抛运动的时间为  ,有 (2分)

解得 (1分)

水平位移    (2分)

 时,水平位移最大.    (2分)

解得 (1分)

 到  最大距离 (1分)

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
   (1)               (2)                (3)   
【答案详解】

  (1)   球做平动运动,则根据平抛运动规律有 (2分)

(2分)

(2)   球水平位移的大小 (2分)

位移的大小 (2分)

(3)由牛顿第二定律有 (2分)

(1分)

物块  从运动到停下所需时间 (2分)

所以  球落地时,物块  的水平位移    (2分)

(1分)

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
     ;  
【答案详解】

    若木块 间没有细绳相连,随着 的逐渐增大,由 可知木块 先出现相对滑动.    (2分)

当木块  间有细绳相连时,若细绳刚要出现弹力,则由牛顿运动定律有 (3分)

解得 (2分)

当木块  刚要出现相对滑动时,设绳的弹力为  则对于木块  有 (3分)

对于木块  有 (3分)

解得 (2分)

综上可知,当  时,绳子有弹力,且绳的最大张力  (1分)

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
  (1)大小为  ,方向向左           (2)                (3)不能
【答案详解】

(1)对比

可知

由牛顿第二定律得

即摩擦力大小为 ,方向向左.

(2)物块在 段做平抛运动,有

夹角为 ,则

所以

(3)设物块能到达 点,由机械能守恒定律有

要能到达 点,需满足 ,而  ,所以物块不能到达 点.

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
  • A.斜面的倾角约是
  • B.小球的抛出点距斜面的竖直高度约是
  • C.若小球以水平速度 向右抛出,它一定落在 的中点 的上方
  • D.若小球以水平速度 向右抛出,它一定落在 的中点
【正确答案】
AC
【答案详解】

 设斜面倾角为  ,垂直落到斜面上   点的速度分解为水平速度和竖直速度,由 ,解得 ,A正确.小球距过 点水平面的距离 ,所以小球的抛出点距斜面的竖直高度一定大于 ,B错误.若小球的初速度为 ,过 点作水平线,小球落到水平面的水平位移是小球以初速度 抛出时的一半,延长小球运动的轨迹线,得到小球应该落在 之间,C正确,D错误.

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
D
【答案详解】

小球做平抛运动,设小球第 次落在第  级台阶上,水平方向上有  ,竖直方向上有  ,解得  ,故小球将落在第4级台阶上,D正确.

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
  • A. 把飞刀在击中板时动能相同
  • B.到达  三点的飞行时间之比为  
  • C.到达  三点时初速度的竖直分量之比为  
  • D.设到达  三点,抛出飞刀的初速度与水平方向夹角分别为  ,则有  
【正确答案】
CD
【答案详解】

 将运动逆向看,可视为3个平抛运动且到达  点时水平位移相等.由  得  ,则到达  三点的飞行时间之比为  ,B错误.在水平方向有  ,由  知3把飞刀在击中板时打在  点处的动能最小,打在  点处的动能最大,A错误.由  可知到达  三点的初速度的竖直分量之比为  ,C正确.作出抛体运动的轨迹,可知  ,D正确.

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
      
【答案详解】

    设物体  的质量为  ,下滑的加速度为  ,

 正好相碰,有

联立解得  

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
BC
【答案详解】

 金属块  保持在桌面上静止,根据平衡条件知,  受到桌面的支持力等于其重力,保持不变.故A错误.设细线与竖直方向的夹角为  ,细线的拉力大小为  ,细线的长度为  球做匀速圆周运动时,由重力和细线的拉力的合力提供向心力,如图,则有  ,得角速度  ,周期  ,使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动时,  增大,  减小,则得到细线拉力  增大,角速度增大,周期  减小,C正确,D错误.对  ,由平衡条件知,  受到桌面的静摩擦力变大,故B正确.

 

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂
【正确答案】
A
【答案详解】

细绳碰到钉子的瞬间,线速度不变,B错误.圆周运动的半径由 变为 ,由 知, 增大到原来的 倍,A正确.根据 知,角速度 增大到原来的 倍,C错误.细绳碰到钉子前瞬间 ,碰后瞬间 ,再根据机械能守恒有 ,由此可得 ,D错误.

创建者: 绩优堂 贡献者: 绩优堂

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